失分点 匀变速直线运动 1.解析：选D.设小球从地面竖直上抛的最高点与A点的距离为hA,与B点的距离为h,根据竖直上抛运动 规东，=方受)A:名号}AB两点间的距离为h,-e-名gT,工_工。，D时 4 8 2.解析：选BD,设经过时间两捧相道，由x=28听十(44一2G)得4=0.2s:设从开始运动经过时间 6两捧分离，由x十2L=合g6+(6-合g）得6=0.3s,本题答案为BD 3.解析：选C.从抛出到落地，小球竖直向下做初速度为的匀加速直线运动（方向为正，图象在时间抽上 方)：之后，小球落地以原速率反弹，然后竖直向上做匀减速直线运动（方向为负，图象在时间轴下方）；整 个运动过程中，加速度为g,方向竖直向下，即与规定的正方向相同，所以速度图象的斜率始终为正，选项 C正确 4:解析：选B先求出飞机着陆后到停止所用时同L由。一十，得1=。-0g0。-10s,由北可知飞 机在12s内不是始终做匀减速运动，它在最后2s内是静止的，故它着陆后12s内滑行的距离为x=t十 =60X10m+(-6)×19m=300m 2 5.解析：选C该问李加地到2ms时所用时间为：由=a山，得名=丹-1s通过的位移马=方a听-1 m,然后匀速前进的位移工=(t-马)=8m,因马1十工2=9m>8m,即这位同学已通过关卡2，距该关卡 1m,当关卡关闭12=2s时，此同学在关卡2、3之间通过了x=2=4m的位移，接着关卡放行1=5s, 同学通过的位移x,=Ut=10m,此时距离关卡4为x=16m一(1十4十10)m=1m,关卡关闭2s,经过 0.5s后关卡4最先挡任 6.解析：选AC.由=2gh,得=√2gh,故4：改：4=√3：√2：1，A正确；由t= 西得三者运动的时 间之比t1::6=3：W2：1,B错误；b与a开始下落的时间差△t=(3一√2)。 2h,c与b开始下落 g 的时网是△6-6反-1》·√西，故C正确：三个小球的加连度与童力及度登无关，赤等于变力加造度，D 错误。 7解析：法一：推论公式法 设汽车甲在第一段时间间隔。内的加速度为a,则甲在第二段时间间隔。内的加速度为2α，乙在第一段 时间间隔。内的加速度为2a,在第二段时间间隔。内的加速度为a.由速度公式可得： 汽车甲在时刻t。和时刻2t。的速度分别为 Vp=at,v2=p+(2a)to=3ato, 汽车乙在时刻和时刻2的速度分别为 48失分点 匀变速直线运动 失分点定向解密」 解析匀变速直线运动的常用方法 方法 分析说明 基本公式指速度公式、位移公式及速度位移关系式，它们均是矢量式，使用时要 基本公式法 规定正方向 (1)定义式=工对任何性质的运动都适用： 平均速度法 (2)0= (6十0只适用于匀变速直线运动 -1 利用“中间时刻的速度等于这段时间内的平均速度”，即4=，该式适用于任何 中间时刻速度法 匀变速直线运动 应用一t图象，可把较复杂的问题转变为较为简单的数学问题解决，尤其是用 图象法 图象定性分析，可避开繁杂的计算，快速得出答案 匀变速直线运动中，在连续相等的时间T内的位移之差为一恒量，即x+1一x 推论法 =αT,对一般的匀变速直线运动问题，若出现相等的时间间隔，应优先考虑用 △x=aT求解 失分点定向训练】 1.如图所示，一个小球从地面竖直上抛.已知小球两次经过一个较低点A的时间间隔为TA,两次经 B+ 过较高点B的时间间隔为T,重力加速度为g,则A、B两点间的距离为 () A A.(TA-TRg B.(TA-T)g 2 2 777h777 C.(T-Tg 4 D.(T-T& 8 2.(多选)如图所示，两棒ab和cd的长度均为L=0.5m,b端和c端相距x=2m,两棒同时运动，abw 做自由落体运动，cd做初速度飞=10ms的竖直上抛运动，取g=10ms2,则 () A.两棒经过0.1s相遇 B.两棒经过0.2s相遇 C.两棒经过0.2s分离 D.两棒经过0.3s分离 3.某人将小球以初速度竖直向下抛出，经过一段时间小球与地面碰撞，然后向上弹回.以抛出点为原点， 竖直向下为正方向，小球与地面碰撞时间极短，不计空气阻力和碰撞过程中动能的损失，则下列图象中能 正确描述小球从抛出到弹回的整个过程中，速度随时间t的变化规律的是 () D 4.空军特 ... ...
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