福建省厦门市2025届高中毕业生第一次质量检测物理试卷（PDF版，含答案）

{#{QQABKIYYQQsA4oggAwgkgASgABCAAZ4BrhECUEVQyFCykCiQkkGJQCkhBJUAAgEAxQQgAGQRuAAAxQKsSARAFAASFAIAF=A}B#A} A=}#} {#{QQABKIYYQQsA4gogwAgkgASgABCAAZ4BrhECUEVQyFCykCiQkkGJQCkhBJUAAgEAxQQgAGQRuAAAxQKsSARAFAASFAIAF=A}B#A} A=}#} {#{QQABKIYYQQsA4oggAwgkgASgABCAAZ4BrhECUEVQyFCykCiQkkGJQCkhBJUAAgEAxQQgAGQRuAAAxQKsSARAFAASFAIAF=A}B#A} A=}#} {#{QQABKIYYQQsA4oggAwgkgASgABCAAZ4BrhECUEVQyFCykCiQkkGJQCkhBJUAAgEAxQQgAGQRuAAAxQKsSARAFAASFAIAF=A}B#A} A=}#} 福建省部分地市 2025 届高中毕业班第一次质量检测 物 理 参 考 答 案 及 评 分 标 准 一、单项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中只有 一项是符合题目要求。 题 号 1 2 3 4 选 项 B D B D 二、双向选择题：本题共 4 小题，每小题 6 分，共 24 分。每小题有两项符合题目要求，全 部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 题 号 5 6 7 8 选 项 A C B C B C B C 三、非选择题 9．答案：大于（1 分）；a（2 分） 10．答案：增大（1 分），0.8（2 分） 11．答案：1（2 分），45（1 分） 12．答案： （1）15.5（或 15.4、15.6）（1 分） （2）2.02（1 分） 4 2 (l d ) （3） 22 （2 分）T （4）B、D（2 分） 13．答案： （1）如图所示（2 分） （2）39600（1 分） （3）8（2 分） （4）2.5×10-4（2 分） 14．（10 分） 解：（1）网球在空中做平抛运动，在竖直方向上： h 1 gt2 （2 分） 2 解得： t 0.7 s （1 分） （2）网球在水平方向上的运动为匀速直线运动 x vt （2 分） 解得： x 21 m>20 m 故不能落在发球线与球网之间。 （1 分） （3）落地前瞬间网球竖直方向上速度设为 vy，则有 vy gt （1 分） 设落地前瞬间重力功率为 P，则 P mgvy （2 分） 解得：P 4.06 W （1 分） 15．（12 分） （1）沿 AO方向做直线运动，电场力与洛伦兹力大小相等，方向相反 qE qv0B0 （2 分） 得： E v0B0 （1 分） （2）A、O、P三点共线，粒子对准圆心 P入射，能到达 C 点，说明出射方向沿着 PC OP2 a2 ( 3a)2 （1 分） 得：OP 2a 设 PO与 OC夹角为θ tan 3a （1 分） a 得：θ=60°，OC=4a，则 OP⊥PC R a （1 分） 2 qv0B v m 0 （1 分） R mv 得： B 0 （1 分） qa （3）从 A 到 C 速度大小不变 s AO OP PC 2a 2 R （2 分） 4 AO OP 2a， PC 2 3a s v0t （1 分） t (4 4 3 )a得： （1 分） 2v0 16．（16 分） （1）起始状态，恰好静止，对系统分析： (M m)g sin (M m)g cos （2 分） 得 tan 3 （1 分） 3 （2）当 A 速度第 1 次为 0 时，对 B分析，有： Mg sin (M m)g cos F弹 （2 分） 得 F弹 (2M m)g sin 再对 A分析：mg sin F弹 ma1 （1 分） 得 a1 6g sin 30m / s 2 （1 分） （3）弹簧初态被拉伸 x1，有 mg sin mg sin kx1，得 x1 （1 分）k A速度第 1 次为 0 时弹簧被压缩 x2， 有 F弹 kx2 ，得 x (2M m)g sin 2 （1 分）k 设 A获得初速度为 v0， 有 I mv0 ， 得 v0 6m / s （1 分） 从初态到 A第一次速度为 0 过程，对系统分析，有 1 mv 2 mg sin 1 10 (x 2 1 x2 ) kx2 kx 2 1 （2 分）2 2 2 (6mg sin )2 得 k 2 25N /m （1 分）mv0 （4）A 返回初位置后，B 将沿斜面向下滑动，而对系统分析，由于系统所受摩擦力与下滑 分力相等，故沿斜面方向系统动量守恒，当 A 速度第 2 次为 0 时，有 v mv0 Mv ，得 v 02 2 3m / s （1 分）2 设此时弹簧形变量为 x3，木板下滑 L，对系统分析，减少的重力势能转化为系统其他能量 的增加 Mg sin L mg sin (L x3 x1) (M m)g cos L ( 1 kx 2 1 2 1 2 1 2 2 3 kx ) ( Mv mv ) 2 1 2 2 2 0 1 18 得 x3 m（负值舍去） （2 分）5 （因为系统所受摩擦力与下滑分力相等，若 AB ... ...