江苏省 2025年普通高中学业水平选择性考试模拟试卷（一） 物理参考评分标准 一、单项选择题：共 10题，每题 4分，共 40分．（选择题解析附在后面） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D A A C B B D B A C 二、非选择题：共 5题，共 60分． 11.（每题 3分，共 15分）（解析附在后面） （1）4.9 （2）D （3） （4）0.5 （5）不同意，电压表分流，电源内阻的测量值小于真实值 12.（8分） L 解：（1）光路如图，光线在 A点的入射角的正弦 sin 2 2 （1分）L R sin 在 A点由光的折射定律 n（1分） sin 解得 sin nL （2分） L2 R2 （2）从 P点射出的垂直于 PQ的光线射到球面上时的入射角最大，若从 P点发出的光 L 1 能从半球面上任意位置射出，则满足 sin PBQ sinC （2分） R n R 即 L （2分） n 13.（8分） 解：（1） x 8m处是振幅最大的位置， 该处质点的振幅为 A=10cm+5cm=15cm（1分） T 4波的周期为 s=4s（1分） v 1 2 所以振动方程为 y Asin t 15sin t T 2 cm（1分） （2）在 0~1s内 x 7m处的质点不振动；1s~3s内甲波引起质点振动半个周期，通过的 路程为 s1 2 10cm=20cm（2分） 乙波从图示时刻经 3s传到 x 7m处，在 3s~4s内，甲、乙两列波共同使质点振 动，反射叠加，甲波使质点从平衡位置振动到波谷位置，乙波使质点从平衡位置 振动到波峰位置，所以 3s~4s内通过的路程为 s1 10cm 5cm=5cm（2分） 所以从图示时刻开始经过4s的过程中通过的路程为 s s1 s2 25cm（1分） 14.（15分） 1 解：（1）洛伦兹力不做功，由动能定理有 Eqx0 mv 2 2 2Eqx 解得 v 0 （2分） m 2Eqx 因此粒子运动到坐标为 x 00 , y0 点时的动量大小为 p m 2mEqx （1分）m 0 （2）设粒子在运动过程中第一次离开 y轴最大的距离时速度为 v ，方向竖直向上，所 v 2 需向心力由洛伦兹力和电场力提供，有 qv B Eq m （2分） R 根据题意有 R 2xm （1分） 2E 2Em 联立解得 v （1分）， xm B2q （1分）B （3）由题意可设任一时刻粒子速度的 y分量为 vy kx，比例系数 k与电场强度 E大小 v 2 无关，则可知当电场强度E 0时，洛伦兹力提供向心力有 qv0B m 0R v Bq 粒子离 y轴最远的点应满足条件 v0 kR，解得 k 0 （3分）R m 分析可知，当存在匀强电场时，只有电场力做功，因此粒子运动过程具有最小速度 时应在 x轴负半轴上方某位置，且此时速度方向竖直向下，设该点的横坐标为-xm， 由动能定理有 Eqx 1 1 m mv 2 m mv 2 0 （2分）2 2 Bqx 其中 vm kx mm m E E 综合解得 vm ( ) 2 v 2 （2分） B 0 B 15.（14分） 解：（1）取水平向右为正方向，当木块木板共速时， 由动量定理可得mv0 (M m)v1 解得 v1 1m/s（2分） 因为木板与墙壁碰撞无机械能损失，所以木板与墙壁碰撞后速度大小相等，方向 相反，所以第一次碰撞墙壁对木板的冲量 I Mv1 Mv1（1分） 解得 I 4N s，第一次碰撞墙壁给木板的冲量大小为 4N s。（1分） （2）木块第二次在木板上相对静止的位置到木板左端的距离为木板的最短长度。木板 第二次与木板相对静止时的速度大小为 v2，则有Mv1 mv1 (M m)v2（1分） 解得 v 1 2 m / s（1分）3 由于第二次相对静止之前木块相对木板都只向同一方向运动，根据能量转化关系 1 2 1 可得 mv0 (M m)v 2 2 mgLmin（2分）2 2 13 解得 Lmin = m（1分）3 （3）木块与木板第一次共速后，两者相对运动过程中木板始终在做减速运动，可以将 木板所有减速过程连成一个完整的减速过程，其初速度为 v1=1m/s，末速度为零， mg 2 相对滑动阶段木板加速度大小 aM 0.5m/s （1分）M v1 第一次共速前木板加速的时间 t1 2sa （1分）M 0 v1 此后所有相对滑动时间为 t 2s a （2分）M 则木块与木板相对滑动总时间为 t t1 t 4s（1分） 选择题、实验题解析 1．水泥板与车厢底板的最大静摩擦力为 f mg 为了 ... ...
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