1、A 【详解】AD．根据质量数守恒和电荷数守恒可知 解得 则X比的中子数少2个，发生的是α衰变，α射线的穿透能力较弱，不能用于金属探伤，故A正确，D错误； B．半衰期与位置无关，在月球上衰变快慢与在地球上相同，故B错误； C．此核反应过程中的质量亏损等于反应前后的质量差，为 核反应过程中释放的能量 故C错误。 2、A【详解】要想使神舟十九号在与空间站的同一轨道上对接，则需要使神舟十九号加速，与此同时要想不脱离原轨道，根据向心力的表达式可得，必须要增加向心力，即喷气时产生的推力一方面有沿轨道向前的分量，另一方面还要有指向地心的分量，而因喷气产生的推力与喷气方向相反。故选A。 3、A【详解】AB．踩下时，由于导热良好可认为气体温度不变，内能保持不变，气体平均动能不变，另由可知气垫内气体体积减小，气体压强增大，A正确，B错误； CD．踩下后抬起脚时，气体体积增大，气体对外做功W<0，温度不变则内能不变，由知Q>0，即气体吸热，吸收的热量等于对外做功的数值，CD错误。故选A。 4、C【详解】由题可知，列车加速到速度最大所用的时间 列车进站加速与出站减速时的加速度相等，故 设一站直达列车匀速行驶用时为，“站站停”列车匀速行驶用时，根据题意可知 一站直达列车比“站站停”列车节省的时间为 故选C。 5、C【详解】A. 加上电压后油滴向上匀速运动，电场力方向向上，而电场强度方向向下（上板接电源正极），根据电场力公式，可知油滴带负电，A正确； B. 未加电压时，油滴向下匀速运动，根据平衡条件有 加上电压后，油滴向上匀速运动，此时 代入可得 解得 B正确； C. 从金属板加上电压到油滴速度减为零的过程中，根据牛顿第二定律可得 解得加速度大小为 随着速度的减小，加速度逐渐减小； 向上加速运动的过程中，根据牛顿第二定律可得 解得速度大小为随着速度的增大，加速度逐渐减小； 综上所述，从金属板加上电压到油滴向上匀速运动的过程中，油滴的加速度一直减小，C错误； 密立根通过该实验确定了电荷量的不连续性并测定了元电荷的数值为，D正确。故选C。 6、D【详解】A．由于F1、F2对m、M都做正功或者负功，做功的代数和不为零，说明系统的机械能不守恒，故A错误； B．当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，M和m受力平衡，加速度减为零，此时速度达到最大值，各自动能最大；当弹簧伸长到最长时，M和m的速度为零，从开始施加力到弹簧伸长到最长过程中F1、F2对系统做一直正功，下一过程F1、F2对系统要做负功，说明此时系统的机械能最大，故B错误； C．当M和m的合力为零，它们的速度最大，两个物体速度同时到达最大，由于M和m的质量关系未知，所以不能确定两者最大速度关系，故C错误； D．根据功能关系可知，F1、F2做功的代数和等于系统机械能的变化量，即等于m、M动能的变化量加上弹性势能的变化量，故D正确。 故选D。 7、D【详解】A．人造地球卫星在Ⅰ轨道做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力可得 在地球表面有 联立可得卫星在Ⅰ轨道运动时的速度大小故A错误； B．在Ⅰ轨道时，根据万有引力提供向心力可得 解得 根据开普勒第三定律可得 解得卫星在Ⅱ轨道运动时的周期为 故B错误； C．卫星在椭圆轨道Ⅱ运行时，根据开普勒第二定律可得 则在近地点P与在远地点Q的速率之比等于P、Q两点与地球连线的长度的倒数之比，则有故C错误； D．卫星在轨道Ⅱ上运动时机械能守恒，在最远点和最近点满 其中 卫星在Ⅰ轨道运动时的速度大小 则卫星在Ⅰ轨道的P点变轨到Ⅱ轨道至少需对卫星做功为 解得 故D正确。 8、BC【详解】AB．根据图乙得到原线圈电压的最大值为5V，电压表的示数为故A错误，B正确； CD．根据 且， 可得实现点火的条件是故C正确，D错误。 故选BC。 9、AC 【详解】A．小球从第1级台阶下落至第3 ... ...
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