石家庄市 2025 届高中毕业年级教学质量检测（三） 物 理 一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题 目要求。 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 D A C D C D C 二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以 上选项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 题号 8 9 10 答案 BC BD ABD 三、实验题：共 16 分。 11.（6分） （1）①（2分） （2）4（2分） （3）实验过程中有漏气现象或者环境温度降低。（2分）（其他写法合理可给分） 12.（10分） （1）45（2分） （2）“×1”（2分） 向上（2分） 100（2分） （3）1.0（2分） 13．（8分） 【解析】（1）（4分）由图乙可知，浮标 P的振动周期 T=1s（1分） 由图甲可知，波长λ=12m（1分） 波速 v= （1分） T 解得：v=12m/s（1分） （2）（4分）由图甲、乙可判断海浪沿 x轴正向传播，传播距离 x (12n 2)m（n=0,1,2...）（2分） t x浮标 Q到达波峰的时间 （1分） v 1 {#{QQABSYqowgAwgBaACJ5LUQV+CQkQsJEgLcokBRAeOAxKAQFABAA=}#} 解得： t (n 1 )s（n=0,1,2...）（1分） 6 14.（14分） 【解析】（1）（5分）球 A自由下落到 2L sin ，设绳子绷紧前瞬间速度为 v，由机械能守恒定律得： mg 2L sin 1 mv 2 （1分） ，解得 v 2 2m/s 2 此时，绳子绷紧，绳子绷紧瞬间球 A沿绳方向的速度瞬间变为零。设球 A垂直绳子方向速度大小为 v0 由几何关系得： v0 v cos （1分），解得 v0 6m/s 设球 A运动到最低点时速度为 v1，绳子绷紧后瞬间到球 A运动到最低点过程，由机械能守恒定律得： mg 1 1 (L L sin ) mv 21 mv 2 0 （2分），2 2 解得 v1 10m/s （1分） （2）（9分）球 A运动到最低点时与积木 B发生的碰撞为弹性碰撞且瞬间完成，满足动量守恒和机械能 守恒。设碰后球 A的速度大小为 vA，积木 B的速度大小 vB，则 mv1 mvA mvB（1分） 1 mv2 11 mv 2 1 A mv 2 （1分） 2 2 2 B 联立解得： vA 0 , vB v1 碰撞完，积木 B向前做匀减速运动，由动能定理得： ( 3mg 2mg)d mgs 0 1 mv 2B （1分）2 解得：s=2m 球 A与积木 C碰撞后，设积木 C的速度为 vC，则 vC=v1（1分） 设积木 C被打出后与 B碰撞前的速度为 vC ，由动能定理得： （ mg 1 1 2mg 2 2）d mg(s d ) mvC mvC （1分）2 2 解得： vc 1.2m/s 设积木 C、B碰撞粘合后的速度为 vBC，由动量守恒得： mvC 2mvBC （1分） 2 {#{QQABSYqowgAwgBaACJ5LUQV+CQkQsJEgLcokBRAeOAxKAQFABAA=}#} v 1.2解得： BC m/s2 设碰后积木 C、B一起滑动的距离为 x，由动能定理得： 2mgx 0 1 2mv 2BC （1分）2 解得： x 0.075m 积木 C离开右侧挡板后向前滑行的位移为：S=s-d+x （1分） S=1.975m （1分） 15.（16分） 【解析】（1）（4分）电子在区域Ⅰ内做圆周运动，设轨道半径为 R1，根据牛顿运动定律： 2 evB mv （2分） R1 电子运动的轨道半径等于圆形磁场的半径: R1=R（1分） v eBR解得： （1分） m R （2）（6分）做出电子在磁场中运动的轨迹如图，距离电子源中心位置 的粒子打在 O点时，速度方向 2 R 分布在 y轴左右两侧，与 y轴夹角均为 30°。由题意可知，距离电子源中心位置大于 的区域粒子直接 2 打到收集板上，其它电子均不能打到收集板上。（2分） 做出速度方向与 y轴左右两侧夹角均为 30°角的电子在区域Ⅱ运动的轨迹，两电子在区域Ⅱ内运动的轨迹 圆心角为 120°和 240°。（1分） 设收集板的长度为 l，根据几何关系得： 3 {#{QQABSYqowgAwgBaACJ5LUQV+CQkQsJEgLcokBRAeOAxKAQFABAA=}#} l 2r cos300 （1分） 因为区域Ⅱ磁场磁感应强度也为 B，故 r=R（1分） 解得： l 3R（1分） 1 （3）（6分）正对 O1点射向区域 ... ...
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