高三物理试题答案 一、选择题： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C B C B D D BC BD BC 二、非选择题：（本大题共5小题，共60分） 11.(7分) 解析：(1)由指针所指刻线和待测电阻的大约阻值可知，组装的这个欧姆表的倍率应为×10；由欧姆表的倍率可知欧姆表的中值电阻为R中＝15×10 Ω＝150 Ω，电路中的最大电流为Im＝＝ A＝0.01 A，图甲中与电流表并联的电阻R的阻值为R＝＝ Ω＝10 Ω，故电阻R应选用定值电阻中的R1。 (2)欧姆表表针所指的刻线为16，倍率为×10，则待测电阻阻值的测量值为R＝16×10 Ω＝160 Ω。 (3)由题意可知组装的新欧姆表的中值电阻为R中′＝15×1000 Ω＝1.5×104 Ω，使用两节干电池时电路中的最大电流为Im′＝＝ A＝2×10－4 A＝200 μA，则电路连接方案如图所示。 答案：(1)×10 R1 (2)160 (3)见解析 12.(10分) 解析：(1)金属丝的直径2 mm＋50.0×0.01 mm＝2.500 mm。 (2)分压式接法中滑动变阻器总阻值应与待测电阻阻值接近，故选R2。b电流表通过的电流值大于a电流表，故a为A2。 (3)实物图连接如图所示。 (4)由电路知识可得＋I2＝I1，解得I2＝I1，结合图像有＝k，解得Rx＝，由R＝可得ρ＝＝。 答案：(1)2.500或2.499、2.501 (2)R2 A2 (3)图见解析 (4) 13.(10分) 解析：(1)对右侧汽缸中的活塞，由受力平衡有p2S＝2mg 对左侧汽缸中的活塞，由受力平衡有p2S＝mg＋p1S 解得p1＝。 (2)在缓慢升温过程中，两部分气体的压强均不变，均为等压变化 设右侧活塞刚好上升至汽缸顶部时，左侧活塞下降x 对Ⅰ气体，初态有V1＝，T1＝T0 末态有V1′＝S 由盖－吕萨克定律得＝ 对Ⅱ气体，初态有V2＝lS，T2＝T0 末态有V2′＝lS＋S 由盖－吕萨克定律得＝ 联立解得T＝T0。 答案：(1) (2)T0 14.(15分) 解析：(1)只要气门嘴灯位于最高点时ab接触即可保证全程灯亮，弹簧原长时ab的距离为 ＋L＝2L 气门嘴灯位于最高点时的向心力为 ＝mg＋2kL＝3mg 可解得满足要求的最小速度为v＝。 (2)速度为时轮子滚动的周期为 T＝＝ 此速度下气门嘴灯所需的向心力为m＝2mg 此力恰好等于ab接触时弹簧的弹力，即无重力参与向心力，对应与圆心等高的点，故当气门嘴灯位于下半圆周时灯亮，即t＝＝。 答案：(1) (2) 15.(18分) 解析：(1)由题图乙知2t0后，vB＝2v0 B、C发生弹性碰撞，由动量守恒可知m·2v0＝mvB＋mvC 由机械能守恒可知m(2v0)2＝mv＋mv 解得vB＝0，vC＝2v0 因C未离开轨道，设运动的高度最大为h，对C，由机械能守恒可知mv＝mgh 因此R≥h＝。 (2)C返回水平轨道时由机械能守恒可知vC＝2v0，C与B再次发生弹性碰撞，则 m·2v0＝mvB′＋mvC′，m(2v0)2＝mvB′2＋mvC′2 解得vC′＝0，vB′＝2v0 A与B第一次碰撞到共速时，由动量守恒得 mA·3v0＝(mA＋m)v0 解得mA＝ B与A第二次碰撞过程，由动量守恒可知 m·2v0＋v0＝m·vB＋·vA 由机械能守恒可知 m(2v0)2＋×v＝mv＋·v 解得vA＝v0。 (3)A与B第一次碰撞到共速时，由机械能守恒可知 k·Δx＝×(3v0)2－×mv＝mv A与B第二次碰撞到共速时，由动量守恒可知 m·2v0＋v0＝mv共 解得v共＝v0 由机械能守恒可知 k·Δx＝×(v0)2＋m·(2v0)2－×m＝mv 由以上公式得＝ 两次加速度最大对应弹簧弹力最大，根据 F合＝k·Δx＝mAa 可得＝＝。 (4)A与B压缩弹簧过程A＝2B 同一时刻A、B的瞬时速度关系为 vA＝3v0－At，vB＝Bt 由位移等于速度对时间的累积得 xA＝vAt(累积)，xB＝vBt(累积) 在0～t0时间内，xA＝3v0t0－xA积，xB＝xB积＝0.6v0t0 由此得xA积＝2xB积，xA＝1.8v0t0 因此Δx1＝xA－xB＝1.2v0t0 可得＝ 第二次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值Δx2＝0.4v0t0。 答案：(1)R≥ (2)v0 (3)3∶1 (4)0.4v0t0湖北省部分高中协作体2025届三统联考 高三物理试题 本试卷共6页，全卷满分100分，考试用时7 ... ...
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