章末素养测评(一) 1.D [解析] 第一次实验中,小铁球受到沿着速度方向的引力作用,做直线运动,并且引力随着距离的减小而增大,加速度变化,则小铁球的运动是非匀变速直线运动,选项A错误;第二次实验中,小铁球所受的磁铁的引力方向总是指向磁铁,是变力,故小铁球的运动不是类平抛运动,其轨迹也不是一条抛物线,选项B错误;该实验说明物体做曲线运动的条件是物体受到的合外力的方向与速度方向不在同一直线上,但是不能说明做曲线运动物体的速度方向沿轨迹的切线方向,选项C错误,D正确. 2.A [解析] 当船头正对着河岸时过河时间最短,最短时间为t== s=20 s,故A正确. 3.B [解析] 平抛运动在水平方向上为匀速直线运动,有v0== m/s=0.3 m/s,故B正确. 4.C [解析] 运输机水平向右做匀速直线运动过程中,间隔相同时间从运输机上静止释放四个相同的物资,则物资落地时间间隔相同;物资由于惯性,在水平方向上保持原来的运动状态不变,继续向前飞行,投掷四件救灾物资在下落过程中,都是以原来的速度向前运动,因此落在地面上前后间隔的距离也相等,按照落地先后顺序排列是①②③④,故C正确,A、B、D错误. 5.C [解析] 水平扔出的手榴弹的运动,可以看作平抛运动,根据平抛运动知识可知h=gt2,x=vt,只要知道人的身高,就可估算运动时间,再测量出落地点与人的水平距离,即可估算水平初速度,因此选项C正确. 6.D [解析] 跳远过程做的是斜抛运动,后半段可视为平抛运动,前半段可视为逆向平抛运动,前、后两段时间相等,由h = g,解得t1=0.5 s,则运动员在空中运动的时间是t=2t1=1.0 s,故A错误;由x=v0t1,其中x=4.00 m,解得v0=8.0 m/s,即运动员在空中最高点的速度大小是8.0 m/s,故B错误;运动员落入沙坑时的速度大小是v== m/s,故C错误;运动员落入沙坑时速度方向与水平面的夹角正切值tan α===0.625,故D正确. 7.C [解析] 在斜面顶端A以速度v0水平抛出一小球,经过时间t1恰好落在斜面的中点P,有tan θ==,解得t1=,水平位移x=v0t1=,可见当初速度变为原来的2倍时,若小球还落在斜面上,水平位移应该变为原来的4倍,故小球在A点以速度2v0被水平抛出,小球将落在水平面上,可知两球下降的高度之比为1∶2,根据h=gt2知,t1∶t2=1∶,即t2<2t1,C正确. 8.CD [解析] 如果Fx、Fy二力的合力沿v0方向,即Fy=Fxtan α,那么质点做直线运动,选项A错误,C正确;若Fx>,则合力方向在v0与x轴正方向之间,轨迹应向x轴一侧弯曲,若Fx<,则合力方向在v0与y轴之间,所以运动轨迹应向y轴一侧弯曲,选项B错误,D正确. 9.BD [解析] 两球相遇时竖直方向有gt2+v2t-gt2=H,解得t=,故A错误,B正确;两球抛出时的水平距离x=v1t=,故C错误,D正确. 10.BD [解析] 平抛的小球只受重力,其加速度为重力加速度g,则增大小球质量,加速度不变,轨迹不变,则小球仍落到P点,故A错误;若只将小球抛出点水平右移,假设竖直位移不变,则水平位移不变,落点将在P点右侧,实际竖直位移变大,由h=gt2,可知平抛运动时间变长,故B正确;若只增大初速度v0,落点在P点右侧,因位移偏向角不同且不等于斜面倾角θ,则其速度偏向角不同,故小球刚落到斜面上时速度方向不同,故C错误;只降低小球的抛出高度H,当抛出点与斜面顶点连线与水平方向的夹角正切等于tan θ时,小球的速度可以和斜面平行,即无碰撞地进入斜面,故D正确. 11.5 D [解析] 小圆柱体R在y轴方向做匀速直线运动,有y=v0t,解得t== s=2 s,在x轴方向做初速度为0的匀加速直线运动,有x=at2,解得a== cm/s2=2 cm/s2,故R的速度大小v== cm/s=5 cm/s.因合外力沿x轴,由合外力指向曲线弯曲的内侧来判断轨迹示意图是D. 12.(1)AC (2)C (3)2.0 4.0 [解析] (1)通过调节使斜槽末端保持水平,保证小球做平抛运动,故A正确;因为要画同一运动的轨迹,必须每次释放小球的位置相同,且由静止释放,以保证获得相同的初速度,故B错误,C正确;用 ... ...
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