2025-2026学年度第一学期高一年级物理学科期中考试答案 答案和解析 【答案】 1.B 2.B 3.C4.G5.A 6.BD 7.BD 8.BD 9.0.560.962.0 10.10 50 AB 11.解：设书与书之间的最大静摩擦力能支持书的最大数目为，若不考忠书与书之间的滑动，人能夹住的 书的最大数目为N,由平衡条件得 nmg=2μ#F（4分) Nmg=2人F(4分） 解得 2μ书F2×0.40×515 九=- 2×10 =20.6(1分) mg 2μ人F2×0.46×515 N= mg 2×10 —=23.69 （1分) n、N必须为正整数，且满足 N=n+2(2分) 则 n=20 N=23 所以该人能夹住的书最多为22本。（2分) 12.解：规定竖直向下为正方向，则a=10m/s2,o=-10m/,h=175m 最大高度180m（运动学公式3分结果1分) 1 根据：A=,+2t2（4分) 代入数据得：t=7s。(2分)· 根据速度时间公式得： "=o+at=-10+10×7m/s=60m/s (运动学公式4分结果2分) 答：最大高度180m,重物经过7s后落地；落地的速度为60m/S。 13.解：(1)乙起跑后做初速度为0的匀加速直线运动，设最大速度为1，x1为达到最大速度经历的位移，"2 为乙接棒时的速度，x2为接棒时经历的位移，有： i=2ax1（1分) 吃=2ax2（1分) ”2=1×80%（1分) 得：x2=0.64x1=0.64×25m=16m（1分) 故乙在接力需奔出的距离为16m; (2)设乙加速至交接棒的时间为t, 0+02 X2= -t=0.41t=16m（公式1分结果1分) x华=1t（1分) △x=x出-x2=0.61t=24m.（1分) 故乙应在距离印24m处起跑： 100 (3)乙的加速度4，=2汉2X25ms2=2m/g2(1分)，设甲经过时间：减速到零，乙经过t加速到最大速 01 1 1 1 度，=a10s,=a259（1分），设经过(<)时间，甲Z相遇，则有424t=02+1 2 分)，解得t=3（1分)，或t=6s(舍去)，设甲减速5s的位移为*3，速度为3，×=124号=37.5m (1分)，3=1-a1t3=5m/s(1分)，△x=x3-x1=12.5m,此时甲领先乙位移为x4=4x-x0=6.5m(1 1 分），设又经过44>0)后甲乙再次相遇14=g424号+4(1分)，解得t4=(3E-5)9,则甲乙第 2 :二次相邊时间为t=+4=V38s(1分)，则在t=s甲追上乙，并超过乙，在t=3 s时乙又超过甲(1 分)。2025-2026学年度第一学期高一年级物理学科期中考试试卷 一、单项选择题（共25分，每小题5分，在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确） 1.如下图所示，小球从竖直砖墙某位静止释放，小球所受空气阻力不可忽略且一定，用 频闪照相机在相同时间间隔下拍摄，得到了图中1、2、3、4、5所示小球运动过程中每 次拍摄的位贸.连续两次拍摄的时间间隔均为T,每块砖的厚度为。根据图中的信息，下 列判断正确的是() A.无法判断“1”位置是小球释放的初始位置 B.小球下落的加速度为 7d C.小球在位置“3”的速度为 D.小球做自由落体运动 2.如图是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体() A.第1S内和第3s内的运动方向相反 B.0~2s内和0~4s内的平均速度大小不相等 C.第1s内和第4S内的位移大小不等 41 D.第3S内和第4S内的加速度不相同 3.如图为一物体沿水平方向做直线运动的α一t图象，已知物体从零时刻由静止出发，水平 向右为正方向，加速度大小满足a2=3a1。则下列判断正确的是！) A,物体在T时刻开始反向运动 B.物体在0~T与T~2T时间内的位移大小不相等 2 C.物体水平向右运动的最大位移为04r2 0 D.I时刻与2T时刻的速度大小之比为1：3 4.如图所示，对下列图片描述正确的是()》 如图右上方的路牌所标的“50”为车辆通行的平均速度 网 由如图可推出，所有形状规则的物体的重心均在其几何中心处 如图中，掷出后的冰壶能继续运动，说明其具有惯性 8 如图说明伽利略关于自由落体运动的结论是完全通过实验得到的 5.如图所示，在粗糙水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为l、 劲度系数为k的轻弹簧连接，木块与地面之间的动摩擦因数为μ。现用一水平力向右拉木块 2,当两木块一起匀速运动时，两木块之间的距离为{) ... ...
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