市三中2028届高一（上）第四次调研检测物理答案 选择题： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B A A D C C AD BD AC 11．（1）AD （2） （3）1.2 12．（1）AC （2）1.95 （3） 9.75 9.75 （4）0.5 13．（1）75m；（2）44.1m；（3）1s。 （1）根据，（3分） （2）根据，解得h = 44.1m（3分） （3）根据平抛运动规律有代入题中数据，解得（4分） 14．【答案】(1)36m/s；(2)216m；(3)19.2N 【详解】(1)飞行器受重力、升力和阻力作用做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得： 解得 a1=4m/s2 飞行器9s末的速度大小 （4分） (2)最初9s内位移 设失去升力后上升阶段加速度大小为a2，上升阶段的时间为t2，由牛顿第二定律得： f+mg=ma2 解得 a2=12 m/s2 由运动学公式可得飞行器失去升力后上升阶段： 解得 t2=3s 由运动学公式可得 飞行器0~15s内离地面的最大高度 H=h1+h2 解得： H=216m（4分） (3)飞行器到最高点后下落，设加速度大小为a3，由牛顿第二定律得： mg-f=ma3 解得 a3=8m/s2 飞行器下落的时间为 所以其速度 解得： 下落的高度为 恢复升力后下降的距离 h4=H-h3=180m 恢复升力后向下减速运动的加速度 根据牛顿第二定律 解得 （4分） 15.【答案】（1）；24N，方向水平向右；（2）；（3）0.4m；（4） 【详解】（1）在AB段对包裹受力分析，由牛顿第二定律 设包裹达到与传送带共速时的位移为x1，由运动学公式 解得 所以到达B点前已经匀速，则AB段加速运动过程中的位移大小为 传送带AB段对包裹的摩擦力 f=μ1m1g=24N 根据牛顿第三定律可得包裹对传送带的摩擦力f’=24N，方向水平向右。（3分） （2）在倾斜传送带CB段，从C开始运动时，对包装箱受力分析由牛顿第二定律可得 解得，包装箱的加速度为 包装箱加速到与CB传送带共速所用时间为 CB段加速位移为 此时因为 包装箱将继续加速运动，由牛顿第二定律 解得 当包装箱以加速度运动到B点时，由运动学公式 解得 所以包装箱从C点到B点的时间为 （6分） （3）如图，包装箱落入平板车时距平板车左端相距为d，则 mg+mg=ma ，t = 0.1s （3分） （4）由题意可知当包装箱滑至平板车最右端时两者刚好共速，此情景下施加的恒力F最小，则对包装箱由牛顿第二定律 解得 对平板车，由牛顿第二定律 两者共速时，由运动学公式 联立可得 当包装箱与平板车共速后，两者间的摩擦力刚好为最大静摩擦力时，此情景下施加的恒力F最大，则对包装箱，由牛顿第二定律 对整体受力分析，由牛顿第二定律 联立可得 所以F的范围为 （4分）市三中2028届高一（上)第四次调研检测物理答案 选择题： 题号 1 2 3 4 6 8 9 10 答案 B A D C C AD BD AC 1.0N 11.(1)AD(2) (3)1.2 12.(1)AC(2)1.95(3)9.75 9.75(4)0.5 13.(1)75m;(2)44.1m;(3)1s。 (1)根据1==5s,x=1=75m(3分) 2 (2)根据h=,解得h=44.1m(3分) (3)根据平抛运动规律有am0上.2盟代入题中数据，解得1=1s(4分) x Vot 2vo 14.【答案】(1)36ms;(2)216m:(3)19.2N 【详解】(1)飞行器受重力、升力和阻力作用做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得： F-mg-f=ma 解得 a1=4m/s2 飞行器9s末的速度大小 y=a4,=36m/s(4分) (2)最初9s内位移 4-r=16en 设失去升力后上升阶段加速度大小为a2,上升阶段的时间为2，由牛顿第二定律得： f升1mg=ma2 解得 a2=12m/s2 由运动学公式可得飞行器失去升力后上升阶段： 4=a242 解得 t2=3s 1 由运动学公式可得 4-2,6 飞行器015s内离地面的最大高度 H=hr+h2 解得： H=216m(4分) (3)飞行器到最高点后下落，设加速度大小为3，由牛顿第二定律得： mg-f-mas 解得 a3=8m/s2 飞行器下落的时间为 43=6-12=3s 所以其速度 V2=a3 解得： y2=24m/s 下落的高度为 么=a听=36m 恢复升力后下降的距离 h4=H-h3=180m 恢复升力后向下减速运动的加速度 2=1.6m/s a4= 2hs 根据牛顿第 ... ...
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