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课件编号4427694
山东省诸城市桃林镇2017届中考数学压轴题专项汇编专题25全等三角形的存在性(含答案)
日期:2024-05-20
科目:数学
类型:初中学案
查看:66次
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来源:二一课件通
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山东省
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专题25 全等三角形的存在性 破解策略 全等三角形的存在性问题的解题策略有: (1)当有一个三角形固定时(三角形中所有边角为定值),另一个三角形会与这个固 定的三角形有一个元素相等;再根据全等三角形的判定,利用三角函数的知识(画图)或 列方程来求解. (2)当两个三角形都不固定时(三角形中有角或边为变量),若条件中有一条边对应 相等时,就要使夹这条边的两个角对应相等,或其余两条边对应相等;若条件中有一个角 对应相等时,就要使夹这个角的两边对应相等,或再找一个角和一条边对应相等. 例题讲解 例1 如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=ax2+bx+4与x轴的一个交点为A(-2,0),与y轴的交点为C,对称轴是x=3,对称轴与x轴交于点B. (1)求抛物线的表达式; (2)若点D在x轴上,在抛物线上是否存在点P,使得△PBD≌△PBC?若存在,求点P的坐标;若不存在,请说明理由. (3)若点M在y轴的正半轴上,连结MA,过点M作MA的垂线,交抛物线的对称轴于点N.问:是否存在点M,使以点M、A、N为顶点的三角形与△BAN全等?若存在,求出点M的坐标;若不存在,请说明理由. 解:(1)由题意可列方程组 , 解得 , 所以抛物线的表达式为. (2)显然OA=2, OB=3, OC=4. 所以. 若△P BD≌△PBC,则BD= BC=5,PD=PC 所以D为抛物线与x轴的左交点或右交点,点B,P在CD的垂直平分线上, ①若点D为抛物线与 x轴的左交点,即与点A重合. 如图1,取AC的中点E,作直线BE交抛物线于P1(x1,y1),P2(x2.y2)两点. 此时△P1BC≌△P1BD,△P2BC≌△P2 BD. 由A、C两点的坐标可得点E的坐标为(-1,2). 所以直线BE的表达式为. 联立方程组,解得, . 所以点P1,P2的坐标分别为(4一,).(4+,). ②若D为抛物线与x轴的右交点,则点D的坐标为(8,0). 如图2,取CD的中点F.作直线BF交抛物线于P3(x3,y3),P4(x4,,y4)两点. 此时△P3BC≌△P3BD,△P4BC≌△P4 BD. 由C、D两点的坐标可得点F的坐标为(4,2), 所以直线BF的表达式为y=2x-6. 联立方程组,解得, 所以点P3,P4的坐标分别为(-1+,-8+2),( -1-,-8-2), 综上可得,满足题意的点P的坐标为(4一,),(4+,), (-1+,-8+2)或(-1-,-8-2). (3)由题意可设点M(0,m),N(3,n),且m>0, 则AM2=4+m2,MN2=9+(m-n)2,BN2=n2. 而∠AMN=∠ABN=900, 所以△AMN与△ABN全等有两种可能: ①当AM=AB,MN=BN时, 可列方程组,解得;(舍), 所以此时点M的坐标为(0,). ②当AM=NB,MN=BA时,可列方程组:· 解得,(舍) 所以此时点M的坐标为(0,). 综上可得,满足题意的点M的坐标为(0,)或(0,). 例2 如图,在平面直角坐标系xoy中,△ABO为等腰直角三角形,∠ABO= 900,点A的坐标为(4.0),点B在第一象限.若点D在线段BO上,OD= 2DB,点E,F在△OAB的边上,且满足△DOF与△DEF全等,求点E的坐标. 图1 图2 解: 由题意可得OA=4,从而OB=AB=.所以OD=OB=,BD=OB=. ①当点F在OA上时, (ⅰ)若△DFO≌△DFE,点E在OA上.如图1. 此时DF⊥OA,所以OF=OD=,所以OE=2OF=,即点E的坐标为(,0). (ⅱ)若△DFO≌△DFE,点F在AB上,如图2. 此时ED=OD=2BD,所以sin∠BED==;所以∠BED=300, 从而BE=BD=,AE=. 过点E作EG⊥OA于点G.则EG=AG=AE=, 所以OG=,即点E的坐标为(,). 图3 图4 (ⅲ)若△DFO≌△FDE,点E在AB上,如图3. 此时DE∥OA,所以BD=BE. 从而AE=OD=, 过点E作EG⊥OA于点G, 则EG=AG=AE=, 所以OG=,即点E的坐标为(,). ②当点F在AB上时,只能有△ODF ≌△AFD,如图4. 此时DF∥0A.且点E与点A重合, 即点E的坐标为(4,0). 综上 ... ...
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