第十八章 平行四边形 小结与复习 基础盘点 1.平行四边形是指 .它的性质有 . 2.平行四边形的判断方法有：（1） ； （2） ； （3） ； （4） . 3.矩形是指 . 它的性质有 、 . 4.矩形的判定方法有 、. 5.菱形是指 . 它的性质有 、 . 6.菱形的判定方法是 、 . 7.正方形具有矩形和菱形的一切性质. 正方形的判定方法是 、 . 8.连接三角形两边中点的线段叫做三角形的 .三角形的中位线平行于 ，并且等于第三边的 . 考点呈现 考点一 求度数 例1如图1，在□ABCD中，CE⊥AB，为垂足．如果∠A=125°，则∠BCE=（ ） A.550 B.350 C.300 D.250 解析：本题只要求出∠B的度数，就可以得到∠BCE的度数，由已知□ABCD中，∠A=125°，知∠A+∠B=180°，得∠B=55°.进而得∠BCE=35°.故选B. 点评：本例也可以利用对边平行、对角相等来求． 考点二 平行四边形的性质 例2 如图2，在周长为20cm的□ABCD中，AB≠AD，AC，BD相交于点O，OE⊥BD交AD于E，则△ABE的周长为（ ） A.4cm B.6cm C.8cm D.10cm 解析：本题要求△ABE的周长，就是求AB+BE+EA的值，而题目所给的条件是□ABCD的AC，BD相交于点O，可得AC、BD互相平分，即O是BD的中点，又OE⊥BD交AD于E，可知OE是BD的垂直平分线，则有BE=DE，所以AB+BE+EA=AB+DE+EA=AB+ DA=×20=10（cm）.故选D． 点评：本例利用平行四边形及线段垂直平分线的性质把所要求的三角形的周长转化为平行四边形两邻边的和，使问题得到解决. 考点三 正方形的性质 例3 （1）如图3，在正方形ABCD中,点E，F分别在边BC、CD上，AE，BF交于点O，∠AOF＝90°.求证：BE＝CF. (2) 如图4，在正方形ABCD中，点E，H，F，G分别在边AB，BC，CD，DA上，EF，GH交于点O，∠FOH＝90°, EF＝4.求GH的长. (3) 已知点E，H，F，G分别在矩形ABCD的边AB，BC，CD，DA上，EF，GH交于点O，∠FOH＝90°,EF＝4. 直接写出下列两题的答案： ①如图5，矩形ABCD由2个全等的正方形组成，求GH的长； ②如图6，矩形ABCD由n个全等的正方形组成，求GH的长(用n的代数式表示). 图5 图6 解析：（1）要证BE=CF，发现它们分别在△ABE和△BCF中，由已知条件可以证出△ABE≌△BCF；第（2）可以借助（1）的解法，作出辅助线，构造成（1）的形式；而（3）则是在前两问的基础对规律的总结，发现在正方形内互相垂直的两条线段相等. (1) 因为四边形ABCD为正方形，所以AB=BC,∠ABC=∠BCD=90°，所以 ∠EAB+∠AEB=90°. 因为∠EOB=∠AOF＝90°，所以∠FBC+∠AEB=90°，所以∠EAB=∠FBC， 所以△ABE≌△BCF ，所以BE=CF． (2)如图7,过点A作AM//GH交BC于M，过点B作BN//EF交CD于N,AM与BN交于点R，则四边形AMHG和四边形BNFE均为平行四边形，所以 EF=BN,GH=AM， 因为∠FOH＝90°, AM//GH，EF//BN，所以∠NRA=90°,故由(1)得, △ABM≌△BCN，所以AM=BN.所以GH=EF=4． (3) ① 8．② 4n． 点评：这是一道猜想题，由特殊的图形得到结论，进一步推广到在其它情况下也成立，这是今后中考常见的一个题型，需要我们认真观察、计算、猜想、推广应用. 考点四 四边形的折叠 例4 将矩形纸片ABCD按如图所示的方式折叠，得到菱形AECF.若AB=3，则BC的长为（ ） A.1 B.2 C. D. 解析：由对矩形的折叠过程可知，矩形ABCD是一个特殊的矩形，否则折叠后难以得到菱形，据此，矩形的对角线等于边BC的2倍，于是，在Rt△ABC中利用勾股定理即可求解.由题意知AC=2BC，在Rt△ABC中，由勾股定理，得AC2=AB2+BC2，即4BC2=AB2+BC2，而AB=3，所以BC=.故应选D. 点评：有关特殊四边形的折叠问题历来是中考命题的一个热点，求解时只要依据折叠的前后的图形是全等形，再结合特殊四边形的有关知识就可以解决问题. 误区点拨 一、平行四边形的性质用错 例1如图1，在平行四边形ABCD中，下列各式：①；②； ③；④. 其中一 ... ...
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