钦州市2020年春季学期教学质量监测参考答案及评分标准 高二 物 理 一．单选题（每题3分，共24分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 C D D A B D C B 二．多选题（每题4分，共16分） 题号 9 10 11 12 答案 BC BC CD AD 三、实验题（每空3分,共18分） 13．（9分） （1）见解析图 （2）向左偏、向左偏、 解析:（1）如图所示（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过线圈的磁通量增加，电流计指针向右偏，将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，线圈A中电流减小，穿过线圈的磁通量减小，电流计指针将向左偏；将原线圈迅速拔出副线圈时，穿过线圈的磁通量减少，电流计指针将向左偏； 14.（9分）（1）C （2）B （3）m1l1=m2l2.． （1）验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，根据平抛运动规律，若落地高度不变，则运动时间不变，因此可以用水平射程大小来体现水平速度大小，故需要测量水平射程，AB错误，C正确； （2）实验中，斜槽轨道不一定需要光滑，但是斜槽轨道末端必须水平，保证小球做平抛运动.为了防止入射球反弹，质量应满足m1> m2，B球每次的落点不一定是重合的，ACD错误，B正确。 （3）由图示可知，碰撞前小球1的落地点是P，两球碰撞，球1的落地点是M，球2的落地点是N，实验需要验证：m1OP=m10M+m20N，m1（OP-OM）=m20N， m1MP=m20N，则m1l1=m2l2，本实验验证动量守恒定律的表达式为：m1l1=m2l2.． 四．计算题（共27分） 15．（8分））答案：（1）200sin20πt（V） （2）10 A 、90 V 解：（1）线圈的角速度ω＝20π rad/s，感应电动势的最大值Em＝NBSω＝200 V （2分） 则从线圈处于中性面开始计时，电动势的瞬时值表达式为e＝Emsinωt＝200sin20πt（V） （2分） （2）电路中电流的有效值I＝， （1分） E＝Em， （1分） 代入解得I＝10 A，即电流表读数为10 A。 （1分） 电压表读数为U＝IR＝90 V （1分） 16.（8分）答案：（1）99 J （2）0.01 m 解：（1）子弹射入木块过程，动量守恒，有m0v0＝（m0＋M）v （1分） 在该过程中机械能有损失，损失的机械能为 ΔE＝m0v－（m0＋M）v2 （1分） 联立解得ΔE＝99 J. （1分） （2）木块（含子弹）在向上摆动过程中，木块（含子弹）和圆环在水平方向动量守恒，有 （m0＋M）v＝（m0＋M＋m）v′ （2分） 又木块（含子弹）在向上摆动过程中，机械能守恒，有 （m0＋M）gh＝（m0＋M）v2－（m0＋M＋m）v′2 （2分） 联立解得h＝0.01 m. （1分） 17.（11分）答案:（1） b端电势较高 （2）?B=2T? （3）1.1J 解:（1）由右手定可判断感应电流由a到b，可知b端为感应电动势的正极，故b端电势较高。 （2分） （2）当金属棒匀速下落时，由共点力平衡条件得： mg=BIL （1分） 金属棒产生的感应电动势为： E=BLV （1分） 则电路中的电流为： （1分） 由图象可得： （1分） 代入数据解得：?B=2T （1分） （3）在0~1.5s，以金属棒ab为研究对象，根据动能定理得： （2分） 解得：?????Q=6.6???J??? （1分） 则金属棒上产生的热量为： （1分） 18.答案（1）（5分）ABE 解析：A、气体的内能是气体内所有分子热运动的动能和分子间势能之和，故A正确． B、悬浮颗粒越小布朗运动越显著，温度越高布朗运动越剧烈，故B正确． C、分子间的引力和斥力都是随分子间距增大而减小，故C错误． D、温度是分子平均动能的标志，气体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变，而分子间势能不一定改变，故D错误． E、气体的压强是由大量分子对器壁的碰撞而产生的，它包含两方面的原因：分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数和每一次的平均撞击力．气体的温度降低时，分子的平均动能减小，所以，在压强不变时，分子每秒 ... ...
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