物理试题答案及评分标准 选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分。） 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B D B C D BD AD BCD 实验题(共15分） 22.（6分）（1） DE （2分） （2） 2.40 （2分） （3） 1.0 （2分） 23.(9分) (1) （4分）虚线框中电流表A1放支路，A2放干路可给2分； Rx A1 A2 R0 R S E (2) 流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2 （2分） I （ 2 ?I1 3） R0 ?r1 （3分） I1 计算题(共32分） 24.（12分） 解：（ 1 1）qU= mv2 （2分） 2 2qU v= （1分） m 磁场出 qvB1=qE （2分） m B1=E （1分） 2qU （2）粒子进入M、N间磁场后做匀速圆周运动，设其半径为r，则： 2 M N v qvB2=m （2分） r 粒子在磁场中的轨迹如图，由几何关系： L r2=(r-L)2+d2 （2分） 2 2 P L ?d 得 r= （1分） 2L d 2L 2mU 由以上得：B2= 2 2 （1分） L ?d q 25.（20分）解析：（1）木板第一次与墙壁碰撞后的瞬间，小物块仍然向右运动。设此时 木板的加速度大小为a1，方向向右；物块的加速度大小为a2，方向向左；物块与木板之间 的摩擦力大小为f，由牛顿运动定律有 f+F1=Ma1① （1分） f–F2=ma2②（1分） 联立①②式并代入题给数据，得 a1=2g，a2=3g③（2分） （2）由题意可知，木板第一次与墙壁碰撞前与物块一起向右加速，设加速度为a，则 F1+F2=(M+m)a a=g （1分） 碰到墙壁瞬间它们的速度大小均为：vo2=2ad vo= 2gd④ （1分） 方向均向右。木板与墙壁碰撞瞬间，木板的速度反向，物块的速度方向依然向右。 设自与墙壁碰撞后经过时间t1，木板与小物块的速度刚好相同。取向左为正方向，由运 动学公式 v0–a1t1=–v0+a2t1⑤（2分） 联立③④⑤式得 2 2d t1= ⑥（1分） 5 g 设此时木板右端距墙为d1，速度为v，由运动学公式可得 1 d1=vot1- a1t12⑦（1分） 2 v ?v0 ?a1t1⑧（1分） 由③④⑥⑧式可判断此时v>0。此后，木板与小物块将以加速度g减速向左运动d2，到 达最左端点。由运动学公式有 v2 d2= ⑨（1分） 2g 设木板第一次与墙壁碰撞后，向左运动的最大距离为D，则 D=d1+d2⑩（1分） 联立③④⑥⑦⑧⑨⑩式可得 13 D= d?（1分） 25 （3）设第一次向左运动过程中物块相对木板的位移为x1。从木板开始向右运动到向左运动 到D这一过程中，由动能定理有 F1（d–D）+F2（d–D+x1）–fx1=0?（2分） 联立??式并代入题给数据得 4 x1= d?（1分） 5 同理可推得，木板与物块从再次向右运动到第二次与墙壁碰撞后，向左运动最大距离过 程中，物块与木板的相对位移x2为 4 x2= D ?（1分） 5 设木板长度为L。木板第二次向右运动到向左运动过程中，物块不会滑出木板的条件是 x1+x2≤L?（1分） 联立????式，L应满足条件为 152 L≥ d?（1分） 125 选考题（共15分） 33.（1） ABD （5分，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1 个扣3分，最低得分为0分） (2) 解析：对活塞a受力分析，有Mg＋p0S＝p1S （1分） ＋ 0 解得 Mg p S p1＝ （1分） S 对活塞b受力分析，有Mg＋p1S＝p2S（或整体分析）（1分） ＋ 0 解得 2Mg p S p2＝ （1分） S 气缸平放后，对活塞受力分析，有p1?＝p2?＝p0 对封闭气体a和b，由玻意耳定律得 M p1LS＝p0L1S （1分） p2LS＝p0L2S （1分） 解得 MgL B L1＝ +L（1分） poS r3 2MgL L2＝ i1 +L（1分） ） i3 poS 30? r1 i2 i2 A C 所以Δh＝ L1+L1-2L（1分） 3MgL Δh＝ （1分） p0S N 34.(1) 400 （2分） B （1分） 3/400 （2分 (2)解析：从AB边入射角i1=60° sini1 =n （1分） sinr1 r1=30° （1分） 入射光经AB面折射后入射到AC面上时的入射角i2=60° （1分） 在AC面上的全反射临界角C满足 1 1 3 sinC= = = （1分） M n 3 3 C＜60°即i2＞C 所以在AC面上均会发生全反射 （1分） y1 且反射后的光线与AB面平行，从BC出射后 B sin ... ...
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