2022—2023 学年度第一学期期末试卷 高一物理答案及评分参考 2023.1 第一部分 一、单项选择题（每小题 3分，共 30分。） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 B A A A C C B D 二、多项选择题（每小题 4分，共 16分。每小题全部选对的得 4分，选对但不全的得 2分， 有选错的得 0分。） 题号 9 10 11 12 答案 BD AD BD CD 13、答案：（1）11.50（2）100（3）b 解析：（1）刻度尺的读数要估读到分度值的下一位，如图所示刻度尺最小分度值为 0.1cm， 故读数为：11.50cm。 k F 4.0（2）由胡克定律可得弹簧的劲度系数： N/m 100N/m x (15 11) 10 2 。 （3）在图象中斜率表示弹簧的劲度系数 k，故 a的劲度系数比 b的大，弹簧的劲度系数可 描述为单位形变量引起的弹簧弹力的变化量的大小变化量越小，弹簧的灵敏度越高，故用 b 弹簧制作的弹簧秤，灵敏度更高。 b 14.答案 (1)补偿阻力 (2)AD (3) 解析 (1)实验时，为使绳子的拉力就是小车受到的 k 合外力，要将木板不带滑轮的一端垫起，目的是补偿阻力。 (2)设小车的质量为 M，砝码(包括砝码盘)的质量为 m1，根据牛顿第二定律：m1g－F＝m1a， Mm m1g F 1 g ＝Ma，联立解得：F＝ ＝ m，知当砝码(包括砝码盘)总质量远小于小车质量时，小M＋m 11 1＋ M 车所受的拉力近似等于砝码(包括砝码盘)的总重力，所以应满足的条件是砝码(包括砝码盘) 的总质量远小于小车的质量，故 A正确；使用打点计时器时，都应该先接通电源，后释放纸 带，故 B错误；由于补偿阻力之后有 Mgsinθ＝μMgcosθ，即μ＝tanθ，与重物的质量无 关，所以不用再次补偿阻力，故 C 错误；本实验采用控制变量法，先保持小车质量不变，研 究加速度与力的关系，再保持小车受力不变，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度 1 与力、质量的关系，故 D 正确。(3)对小车，根据牛顿第二定律得：F＝(m＋M)a，变形得： a 1 M 1 1 1 M ＝ m＋ ，在 m 图像中，图线的斜率表示 ，则 k＝ ，图像的截距为： ＝b，可得：M＝Fb F F a F F F b ＝ 。 k 15、【答案】112 N 【解析】：若物体在力 F 的作用下刚好沿斜面向上匀速运动，对物体受力分析，如图所示， 由平衡条件：mgsin f Fcos 2 N mgcos Fsin 2 f uN 1 联立解得： F 112N 1 16、【答案】（1）8m（2） 2s 【解析】（1）设质点做匀减速运动的加速度大小为 a，初速度为 v0 x 1 at 2由于质点停止运动前的最后 1s 内位移为 2m，则： 2 12 2 a 2x2 2 2所以 2t 2 12 4m / s 2 1 2 质点在第 1秒内有位移为 6m， x1 v0t ( a)t 22 1 2x at 2 2 所以 v 1 1 2 6 4 1 0 8m / s2t1 2 1 在整个减速运动过程中，质点的位移大小为： v2 2x 0 8 8m 2 2a 2 4 （2）对整个过程逆向考虑 x 1 at 2 2x 2 8，所以 t 2s 3 2 a 4 17【答案】（1）8m/s 8 5；（2）3.2m；（3） m/s 5 【解析】 【详解】（1）根据题意，在水平面上，根据牛顿第二定律有 F mg ma 2 解得 a F mg 14 0.5 2 10 m/s2 2m/s2 m 2 有 M到 B v2 v2，根据速度位移公式 0 2ax可得 v2B 2aL 1 解得 vB 8m s 1 （2）根据题意，上升过程，根据牛顿第二定律有 mg sin mg cos ma1 2 代入数据解得 a 10m/s21 2 2 由速度位移公式 v v0 2ax可得 v2B 2a1x1 2 解得 x1 3.2m 1 （3）根据题意，下滑过程，根据牛顿第二定律有 mg sin mg cos ma2 2 代入数据解得 a2 2m/s 2 v2由速度位移公式 v20 2ax可得 v '2B 2a2x1 2 解得 v ' 8 5B m s 15 18．⑴滑板由 A滑到 B过程中一直加速，且加速度最大时，所用时间最短。 1 滑板在水平方向只受滑块施加的动摩擦力 f，设滑板加速度为 a2， 对于滑板，根据牛顿第二定律，则有 f＝μm1g＝m2a2 1 得 a2＝10 m/s2 由 s a＝ 2t 2 ，得 t＝1 s. 2 2 （4分） ⑵滑板与滑块刚好要相对滑动时，水平恒力最小，设为 F1，此过程可认为二 ... ...
