参考答案 1、答案：D x x 解析：A.根据速度定义式 v ，当 t非常小时，就可以用 表示物体在某时刻的瞬时速 t t 度，应用了极限法。故 A错误； B.在探究两个互成角度的力的合成规律时，利用合力的效果与分力的效果一样，采用了等效 替代的方法。故 B错误； C.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用了理想模型的思 想。故 C错误； G D.类比电场强度的定义方法，“重力场强度 g”可以定义为 g 。故 D正确。故选 D。 m 2、答案：B 解析：根据“同侧法”可知，A点的起振方向向上，由于 A点的起振方向与手的起振方向相 同，故手的起振方向向上，A错误；由于波的传播速度只与介质有关，故减小手的振动频 v 率，绳波的传播速度不发生变化，B正确；根据公式 f ，又因为波的传播速度只与介质 有关，绳波的传播速度不发生变化，若增大手的振动频率，绳波的波长将减小，C错误；若 停止手的振动，绳中波形会继续传播，不会立即消失，D错误. 3、答案：C 解析：A、由折射光路可知，玻璃对 a光的折射程度较大，则折射率较大，故 A错误； c B、根据 v 可知，在该玻璃砖中，a光的传播速度比 b光小，故 B错误； n C、根据折射率大频率大知，a光频率大，故 C正确； D、由于 a光的频率大，则波长短，如果 b光是绿光，那么 a光不可能是红光，故 D错误； 故选：C。 4、答案：D 解析：A.由开普勒第定律知，天舟四号在 A点的运行速度大于在 B点的运行速度，故 A错 误；B.天舟四号从 A运动到 B的过程中，只有万有引力做负功，则动能减小，引力势能增 大，机械能不变，故 B错误；C.由开普勒第三定律可知在交会对接前天舟四号的运行周期比 天和核心舱的运行周期小，故 C错误；D.要使天舟四号从低轨道到高轨道，应该使天舟四号 在 B点点火加速，使万有引力小于其需要的向心力，从而离心到更高轨道，才能与天和核心 7 舱顺利完成对接，故 D正确。故选 D。 5、答案：A 解析：AB.对 A研究：P对 A的库仑力垂直斜面方向的分力，先逐渐增大后逐渐减小，当库仑 力与斜面垂直时最大，设该分力为 F，斜面倾角为α，根据平衡条件得斜面对 A的支持力 N mg cos F ，可知 N先增大后减小，A正确； B.从 P点转至 A正上方的 O点处的过程中，库仑力的方向在时刻改变，故物体 A受到的库仑 力发生变化，B错误； C.由于物体 A的重力沿斜面向下的分力与物体 A受到的库仑力沿斜面向上的分力大小不确 定，故物体 A受到的摩擦力不一定沿斜面向上，C错误； D.以 A和 C整体为研究对象，分析受力情况如下图所示 设 P对的库仑力大小为 F，与竖直方向的夹角为θ，根据平衡条件得 f F sin ，由于 F大小 不变，减小，则知地面对斜面 C的摩擦力逐渐减小，C错误。 故选 A。 6、答案：C 解析：A.当重物上升到高为 H时动能最大，根据动能定理得 Ekm 2F cos mg H 故 A错误； B.重物从开始上升到落回地面，全过程动能定理有 Ek 2FH cos 故 B错误； C.重物从地面到将地面砸下的深度为 h，根据动能定理有 mgh F h 0 Ek 解得重物对地面的冲击力大小为 8 F 2FH cos mg h 故 C正确； D.对第一次打夯过程中，根据动量定理有 I 0 mv 又落地时的动能为 Ek 2FH cos 1 mv2 2 联立两式即可求出第一次打夯过程中重物所受重力的冲量大小，故 D错误。 故选 C。 7、答案：C 解析：A、金属棒 v匀速运动时受力平衡，根据平衡条件可得：BIL mg sin BLv 根据闭合电路的欧姆定律可得： I 2R 2mgR sin 联立解得 ab棒的速度大小为 , B2L2 故 A错误； B、根据右手定则可得通过 ab棒的电流从 b到 a，则通过 cd 棒的电流从 c到 d，对 cd 棒根据 左手定则可知安培力的方向向左，根据平衡条件可知金属棒 cd 受到水平向右的摩擦力，故 B 错误； C、通过金属棒 cd 的电流与通过金属棒 ab的电流相等，所 ... ...
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