课件编号19879445

【精品解析】2023-2024学年沪科版初中数学八年级下册 19.3 矩形 菱形 正方形同步分层训练培优题

日期:2024-06-17 科目:数学 类型:初中试卷 查看:100次 大小:666739Byte 来源:二一课件通
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    2023-2024学年沪科版初中数学八年级下册 19.3 矩形 菱形 正方形同步分层训练培优题 一、选择题 1.(2024九上·盘州期末)如图,要使成为菱形,则需添加的一个条件是(  ) A. B. C. D. 【答案】C 【知识点】菱形的判定 【解析】【解答】A、∵AC=AD,,∴无法证出成为菱形,∴A不符合题意; B、∵,,∴成为矩形,∴B不符合题意; C、∵,,∴成为菱形,∴C符合题意; D、∵,,∴成为矩形,∴D不符合题意; 故答案为:C. 【分析】利用菱形的判定方法逐项分析判断即可. 2.(2023八下·兴仁月考)如图,已知菱形的边与轴重合,点,,B(-3,0)若固定点,,将菱形沿箭头方向推,当点落在轴上时,点的坐标为(  ) A. B. C. D. 【答案】B 【知识点】点的坐标;菱形的性质 【解析】【解答】∵四边形ABCD是菱形, ∴CD=AB=AD=BC=5, ∵,,B(-3,0) , ∴点C的坐标为(-7,3), ∴当点C落在y轴上时,点C的坐标为(0,3), ∴点D的坐标为(5,3), 故答案为:B. 【分析】利用菱形的性质可得CD=AB=AD=BC=5,再求出点C的坐标,再结合当点C落在y轴上时,点C的坐标为(0,3),求出点D的坐标即可. 3.(2023九下·云岩月考)如图,菱形花坛的周长为,,沿着菱形的对角线修建两条小路和,则小路的长是(  ) A. B. C. D. 【答案】A 【知识点】等边三角形的判定与性质;菱形的性质 【解析】【解答】四边形ABCD是菱形, AB=BC=CD=AD, 菱形花坛的周长为, AB=20m, , △ABD为等边三角形, BD=AB=20m, 故答案为:A. 【分析】根据菱形的性质得到AB=20m,再证明△ABD为等边三角形,利用等边三角形的性质即可得出结论. 4.(2024·清城模拟)如图,在平面直角坐标系xOy中,四边形ABCD是菱形,∠ABC=120°,点B的坐标为(0,﹣2),则菱形ABCD的面积为(  ) A.16 B.32 C. D.16 【答案】C 【知识点】坐标与图形性质;等边三角形的性质;菱形的性质 【解析】【解答】解:∵ ∴ ∵四边形ABCD为菱形, ∴BD平分∠ABC, ∴ ∴ ∴ ∴菱形ABCD的面积为: 故答案为:C. 【分析】根据题意得到OB的长度,然后根据菱形的性质得到:BD的长度和AC的长度,最后根据菱形的面积计算公式计算即可. 5.(2024九上·龙岗期末)如图,在矩形中,为边上一点,把沿翻折,使点恰好落在边上的点处,,,则的长为(  ) A. B. C. D. 【答案】A 【知识点】勾股定理;矩形的性质;翻折变换(折叠问题) 【解析】【解答】解:∵ 四边形ABCD为矩形, ∴ AB=CD,AD=BC, ∵把沿翻折,使点恰好落在边上的点处, ∴ AF=AD=4,EF=DE=, 在Rt△ABF中,BF==2, ∴ CF=BC-BF=2, 在Rt△CEF中, 即 解得,EC= . 故答案为:A. 【分析】根据矩形的性质得 AB=CD,AD=BC,根据翻折的性质得 AF=AD=4,EF=DE=,根据勾股定理得BF从而推出CF,再根据勾股定理得EC,即可求得. 6.如图,在矩形ABCD中,O为AC的中点,过点O作AC的垂线,分别交DC于点F,交AB于点E,G是AE的中点,且∠AOG=30°,有下列结论:①DC=3OG;②OG=BC;③连结AF,CE,四边形AECF为菱形;④其中正确的是(  ) A.②③ B.③④ C.①②④ D.①③④ 【答案】D 【知识点】含30°角的直角三角形;勾股定理;菱形的判定与性质;矩形的性质;直角三角形斜边上的中线 【解析】【解答】解:∵EF⊥AC,G是AE的中点, ∴AG=OG=GE, ∴∠OAE=∠AOG=30°, 在直角△ABC中,∠CAB=30°, ∴BC=AC=OC, 设BC=a,AC=2a, 在中,由勾股定理得:, 在直角△AOE中,∠EAO=30°,AO=OC=a, 解三角形得:OE=,AE=, ∴OG=, ∴CD=AB=3OG,故①正确; OG=≠a=BC,故②错误; 连接AF、CE, ∵四边形ABCD为矩形, ∴AB∥CD, ∴∠DCA=∠BAC, 在△FOC与△EOA中, , ∴△FOC△EOA, ∴OE=OF, 又∵AO=OC,E ... ...

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