章末素养测评(二) 1.A [解析] 由楞次定律可知,图示位置时线圈A中的电流方向为逆时针(俯视),B中的电流方向为顺时针(俯视),即A、B中的电流方向相反,故A正确;若电梯突然坠落,则闭合线圈A、B内的磁通量发生变化,将在线圈中产生感应电流,感应电流会阻碍磁铁的相对运动,但不能阻止磁铁的运动,故B、C错误;线圈A、B都会阻碍电梯坠落,对电梯的作用力方向相同,故D错误. 2.C [解析] 由楞次定律可知,MN中产生的感应电流方向为N→M,则通过电阻R的电流方向为a→c;MN产生的感应电动势为E=Blv,其他条件不变,E与B成正比,则E1∶E2=1∶2,故C正确. 3.C [解析] 由法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律得I===·,所以线圈中的感应电流取决于磁感应强度B随t的变化率,B-t图像的斜率为,故在2~3 s内感应电流的大小是0~1 s内的2倍,由B-t图像可知,0~1 s时间内,B增大,由楞次定律知,感应电流的磁场与原磁场方向相反(感应电流的磁场方向向外),感应电流是逆时针方向的,是负值,所以0~1 s内为负的恒定值,1~2 s内为零,2~3 s内为正的恒定值,C正确. 4.B [解析] 由E=Blv、I=、F=IlB可得导体棒的速度为v时的安培力为,故D错误;对导体棒受力分析如图甲所示,根据牛顿运动定律判断,导体棒的运动情况如图乙所示,由图乙可知导体棒在这一过程中的平均速度大于v,故A错误;由=Bl、=、q=Δt、s=Δt可知,在这一过程中流过导体棒的电荷量q=,因此导体棒下滑的位移s=,故B正确;由能量关系可知,这一过程中产生的焦耳热Q=mgsin θ-mv2,故C错误. 5.BD [解析] 不管磁场方向向里还是向外,只要磁感应强度增大,杆ab都将向左运动,A、C错误;不管磁场方向向里还是向外,只要磁感应强度减小,杆ab都将向右运动,B、D正确. 6.CD [解析] 若将金属环置于线圈的右侧,则当固定线圈中突然通入直流电流时,穿过金属环的磁通量瞬间增大,根据楞次定律,金属环有远离线圈的趋势,也会弹出,故A错误;当固定线圈中突然通入直流电流时,穿过金属环的磁通量瞬间增大,根据楞次定律,金属环向左弹出且有缩小的趋势,故B错误;若将电池正、负极调换,则穿过金属环的磁通量仍然会瞬间增大,根据楞次定律,金属环仍能向左弹射,故C正确;合上开关S的瞬间,根据安培定则,向右穿过金属环的磁通量增大,根据楞次定律,金属环产生向左的感应磁场,根据安培定则可知,从左侧看环中产生沿逆时针方向的感应电流,故D正确. 7.AC [解析] 若受电线圈两端有电压,则说明穿过受电线圈的磁场变化,所以送电线圈中的电流一定不是恒定电流,故A正确;若送电线圈中有恒定电流,则产生的磁场不变化,受电线圈中不会产生感应电流,也就不会获得电压,故B错误;当线圈M中磁感应强度均匀增大时,根据楞次定律可知,M中感应电流方向从b向a,即电流从a端流出,故C正确;根据法拉第电磁感应定律得E=n=nS,设车载变流装置对应的电阻为R,由闭合电路的欧姆定律得M两端的电压U=E=,故D错误. 8.BC [解析] 根据图乙可知,磁感应强度均匀增加,由楞次定律结合安培定则可知,闭合的涡旋电场的方向为顺时针(从上往下看),而小球带负电,因此其所受电场力的方向与电场方向相反,由此可知从上往下看小球沿逆时针方向运动,故A错误;根据法拉第电磁感应定律可知,由磁场变化产生的感生电场的电动势为E==S=,则管内涡旋电场的电场强度大小为E场==,故B正确;设小球第2次回到出发点时的速度大小为v,由于电场强度大小恒定,因此小球在电场中所受的电场力大小不变,根据动能定理有qE场·4πr=mv2,解得v=2r,故C正确;由于漩涡电场对小球做正功,小球的动能越来越大,因此小球在漩涡电场中运动一周的时间在减小,而小球在漩涡电场中所受电场力大小不变,可知力的作用时间在减小,因此小球先后相邻两次回到出发点的过程中涡旋电场对小球的冲量减小,故D错误. 9.左 低于 [解析] 按下按钮过程,穿过螺线管的磁通量向左增 ... ...
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