章末素养测评(三) 1.C [解析] 如果输送功率与导线电阻不变,输送电压变为原来的2倍,则根据P=UI可知,输送电流变为原来的二分之一,根据P损=I2R可知,损失的电功率变为原来的四分之一,选项A错误;同理,如果输送功率与输送电压不变,导线电阻变为原来的2倍,则损失的电功率变为原来的2倍,选项B错误;输送功率P的具体数值由工厂的用电情况决定,如果机器不工作,变电所将不输出电来,选项C正确,D错误. 2.A [解析] 根据电流的热效应得R+R=RT,解得通过电热器A的电流有效值为 IA=I0,则电热器A的电功率为=R,通过电热器B的电流有效值为IB=,则电热器B的电功率为PB=R,所以PA∶PB=5∶4,故选项A正确. 3.B [解析] 由图乙可知,电压的最大值为5 V,电压表的示数始终为有效值,即U1== V,故A、C错误;根据变压器的电压和匝数的关系可知=,当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000 V时,就会在钢针和金属板间引发电火花,进而点燃气体,故实现点火的条件是>=1000,故B正确;由图乙可得交流电的周期为0.4 s,则ω==5π rad/s,变压器原线圈中电压的瞬时值表达式为u=5sin 5πt(V),故D错误. 4.A [解析] S闭合后,变压器原、副线圈的匝数比不变,原线圈两端的电压也不变,由变压器的电压与匝数的关系=可知,副线圈两端的电压U2不变,而副线圈电路的总电阻减小,所以副线圈中的电流增大,由P=I2R知R消耗的功率增大,A正确;由于副线圈中的电流增大,则电阻R两端的电压增大,而副线圈两端的电压U2不变,所以灯泡两端的电压减小,灯L1、L2都不能正常发光,B错误;因为副线圈电路的总电阻减小,则其消耗的功率P=增大,又因为输入功率等于输出功率,所以原线圈的输入功率增大,C错误;变压器原、副线圈的匝数比不变,由变压器的电流与匝数的关系=可知,原、副线圈中的电流之比不变,故D错误. 5.BC [解析] 变压器只能改变交变电流的电压,所以第二次实验只能研究远距离交流输电,故A错误;根据P损=I2r可知,减小输送电流,则可以减小输电线上的电能损耗,故B正确;第一次实验时,输电线上的电流I=,输电线上损失的电功率P1=I2R=R,第二次实验时,升压变压器副线圈两端的电压U2=U1,输电线上的电流I'=,输电线上损失的电功率P2=I'2R=R,所以==,故C正确,D错误. 6.BC [解析] 设导线框半径为l,角速度为ω,两导线框切割磁感线时的有效长度等于圆弧半径,因此在产生感应电动势时其瞬时感应电动势大小为E=Bωl2,但进磁场和出磁场时电流方向相反,所以两导线框中均应该产生方波式交流电,如图所示,故A错误;两导线框中感应电流的周期相同,均为T,故B正确;在t=时,两导线框中产生的感应电动势均为Bωl2,故C正确;对于导线框M,有·+·=·T,解得UM=E0,对于导线框N,有·+0+·+0=·T,解得UN=E0,故两导线框中感应电流的有效值并不相等,故D错误. 7.BD [解析] 经交流电压表、交流电流表测得的值分别为交变电压和交变电流的有效值,根据变压器公式=得到输出电压U2=Uab,因二极管具有单向导电性,输出电压经二极管整流后在c、d端得到的电压有效值并不等于U2,而是Ucd=U2=Uab,则Uab∶Ucd=n1∶n2,故A错误.增大负载电阻的阻值时, Uab不变,Ucd也不变,根据P出=可知,输出功率减小,根据理想变压器的输入功率等于输出功率可知,输入功率也减小,故电流表的读数变小,B正确.减小负载电阻的阻值时,c、d间的电压Ucd不变,C错误.将二极管短路时,Ucd'=U2,输出功率P'出===2P出,故输入功率P1也加倍,而输入电压U1不变,根据P1=U1I1可知,电流表的读数加倍,D正确. 8.CD [解析] 设变压器原线圈两端的电压为U,该变压器原、副线圈的匝数比由5∶1改为10∶1后,根据=可知,副线圈两端的电压由U变为U,即副线圈两端的电压变为原来的,由于副线圈的电路结构不变,所以副线圈电路中各电阻两端的电压都减小到原来的,选项A、B错误,C正确;因副线圈两端的电压变为原来的,根据P=可知,电阻上 ... ...
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