考纲解读明方向 考纲内容 考 点 考查频度 学科素养 规律与趋向 1.利用导数研究函数的单调性、极(最)值，并会解决与之有关的方程(不等式)问题； 2.会利用导数解决某些简单的实际问题. 1.导数与不等式 3年3考★★★ 逻辑推理 数学计算 1.高频考向:利用导数解决与之有关的方程（不等式）问题 2.低频考向:利用导数解决某些实际问题. 3.特别关注: 利用导数研究函数的零点问题. 2018年高考全景展示 1.【2018年浙江卷】已知函数f(x)=?lnx． （Ⅰ）若f(x)在x=x1，x2(x1≠x2)处导数相等，证明：f(x1)+f(x2)>8?8ln2； （Ⅱ）若a≤3?4ln2，证明：对于任意k>0，直线y=kx+a与曲线y=f(x)有唯一公共点． 【答案】（Ⅰ）见解析 （Ⅱ）见解析 【解析】分析: （Ⅰ）先求导数，根据条件解得x1，x2关系，再化简f(x1)+f(x2)为，利用基本不等式求得取值范围，最后根据函数单调性证明不等式，（Ⅱ）一方面利用零点存在定理证明函数有零点，另一方面，利用导数证明函数在上单调递减，即至多一个零点.两者综合即得结论. x （0，16） 16 （16，+∞） - 0 + 2-4ln2 所以g（x）在[256，+∞）上单调递增，故，即． 由（Ⅰ）可知g（x）≥g（16），又a≤3–4ln2，故–g（x）–1+a≤–g（16）–1+a=–3+4ln2+a≤0， 所以h′（x）≤0，即函数h（x）在（0，+∞）上单调递减，因此方程f（x）–kx–a=0至多1个实根． 综上，当a≤3–4ln2时，对于任意k>0，直线y=kx+a与曲线y=f（x）有唯一公共点． 点睛：利用导数证明不等式常见类型及解题策略：(1) 构造差函数.根据差函数导函数符号，确定差函数单调性，利用单调性得不等量关系，进而证明不等式.（2）根据条件，寻找目标函数.一般思路为利用条件将求和问题转化为对应项之间大小关系，或利用放缩、等量代换将多元函数转化为一元函数. 2.【2018年全国卷Ⅲ文】已知函数． （1）求曲线在点处的切线方程； （2）证明：当时，． 【答案】（1）切线方程是（2）证明见解析 【解析】分析：（1）求导，由导数的几何意义求出切线方程。 （2）当时，,令，只需证明即可。 详解：（1），．因此曲线在点处的切线方程是． （2）当时，．令，则． 当时，，单调递减；当时，，单调递增； 所以 ．因此． 点睛：本题考查函数与导数的综合应用，由导数的几何意义可求出切线方程，第二问当时，,令，将问题转化为证明很关键，本题难度较大。 3．【2018年全国卷II文】已知函数． （1）若，求的单调区间； （2）证明：只有一个零点． 【答案】（1）f（x）在（–∞，），（，+∞）单调递增，在（，）单调递减． （2）f（x）只有一个零点． 【解析】分析：（1）将代入，求导得，令求得增区间，令求得减区间；（2）令，即，则将问题转化为函数只有一个零点问题，研究函数单调性可得. （2）由于，所以等价于． 设=，则g ′（x）=≥0，仅当x=0时g ′（x）=0，所以g（x）在（–∞，+∞）单调递增．故g（x）至多有一个零点，从而f（x）至多有一个零点． 又f（3a–1）=，f（3a+1）=，故f（x）有一个零点． 综上，f（x）只有一个零点． 点睛：（1）用导数求函数单调区间的步骤如下：①确定函数的定义域；②求导数；③由（或）解出相应的的取值范围，当时，在相应区间上是增函数；当时，在相应区间上是减增函数. （2）本题第二问重在考查零点存在性问题，解题的关键在于将问题转化为求证函数有唯一零点，可先证明其单调，再结合零点存在性定理进行论证. 2017年高考全景展示 1.【2017课标3，文21】已知函数=lnx+ax2+(2a+1)x． （1）讨论的单调性； （2）当a﹤0时，证明． 【答案】（1）当时，在单调递增；当时，则在单调递增，在单调递减；（2）详见解析 【解析】试题分析：（1）先求函数导数，再根据导函数符号变化情况讨论单调性：当时，，则在单调 ... ...
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