课件编号20144034

数列中的证明问题-解答题训练 (原卷版+解析版)

日期:2024-06-16 科目:数学 类型:高中试卷 查看:15次 大小:889230Byte 来源:二一课件通
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    数列中的证明问题 常见考点 考点一 数列通项证明 典例1.已知数列满足﹒ (1)求证数列是等差数列; (2)求的通项公式; (3)试判断是否为数列中的项,并说明理由﹒ 【答案】(1)见解析; (2); (3)是,理由见解析﹒ 【解析】 【分析】 (1)已知条件两边同时取倒数,构造等差数列求解; (2)根据(1)中构造的等差数列即可求通项公式; (3)令通项等于,解出n,如果n为正整数,则是该数列的项,否则不是﹒ (1) 由题可得, ∴是以3为首项,3为公差的等差数列; (2) 由(1)得,, ∴; (3) 令,解得,故是为数列中的项﹒ 变式1-1.已知数列中,,,. (1)设,求证是等差数列; (2)求的通项. 【答案】(1)证明见解析 (2) 【解析】 【分析】 (1)式子变形后,可知是首项,公差为1的等差数列. (2)利用累加法和错位相减法即可得出结论. (1) 解:由已知可得: 即 即, 所以是首项,公差为1的等差数列. (2) 由(1)知 则 得到 ①, ② ,得. 变式1-2.已知数列满足:,且,其中; (1)证明数列是等比数列,并求数列的通项公式; (2)设,为数列的前项和,求. 【答案】(1)证明见解析,;(2). 【解析】 【分析】 (1)由题设递推式得,根据等比数列的定义即可证结论,进而写出的通项公式; (2)由(1)得,应用裂项相消法求即可. 【详解】 (1)由题设,,而, ∴是首项、公比均为2的等比数列,故,即. (2)由(1)知:, ∴. 变式1-3.已知数列满足,. (1)求证:数列是等比数列,并求数列的通项公式; (2)求数列的前项和. 【答案】(1)证明见解析,;(2). 【解析】 【分析】 (1)由已知递推关系可得,结合等比数列的定义即可证结论,进而可得,写出通项公式即可. (2)应用错位相减法即可求的前项和. 【详解】 (1)证明:∵,, ∴,,又, ∴,故数列为首项为1,公比为的等比数列, ∴,故. (2)∵①, ∴②, ① ②式错位相减得:, ∴. 考点二 数列求和证明(先求和再放缩) 典例2.已知数列的前项和为. 从下面①②③中选择其中一个作为条件解答试题,若选择不同条件分别解答,则按第一个解答计分. ①数列是等比数列,,且,,成等差数列; ②数列是递增的等比数列,,; ③. (1)求数列的通项公式; (2)已知数列的前项的和为,且.证明:. 【答案】(1) (2)证明见解析 【解析】 【分析】 (1)若选①:根据等比数列基本量的计算,求出首项及公比即可求解; 若选②:根据等比数列的性质有,结合已知求出即可得公比,从而可得答案; 若选③:由,将已知再写一式,然后两式相减可得,最后根据等比数列的定义即可求解; (2)由(1)根据对数的运算性质求出,然后利用裂项相消求和法求出即可证明. (1) 解:若选①:因为数列是等比数列,设公比为,,且,,成等差数列, 所以,解得,所以; 若选②:因为数列是递增的等比数列,,, 所以,所以,, 所以; 若选③:因为,所以, 两式相减可得,即,又时,, 所以, 所以数列是以2为首项,2为公比的等比数列, 所以; (2) 证明:由(1)知, 所以, 因为,所以,即. 变式2-1.已知数列满足,. (1)求证:数列是等差数列,并求数列的通项公式; (2)令,数列的前项和为,证明:对于任意的,都有. 【答案】(1)证明见解析;; (2)证明见解析. 【解析】 【分析】 (1)由递推关系式可得,由此证得结论;利用等差数列通项公式可求得,进而得到; (2)由(1)可得,采用裂项相消法可求得,结合,可证得结论. (1) 由得:,又, 数列是以为首项,为公差的等差数列,, ; (2) 由(1)得:, , ,,. 变式2-2.已知数列为等差数列,是数列的前项和,且,,数列满足. (1)求数列、的通项公式; (2)令,证明:. 【答案】(1),. (2)证明见解析. 【解析】 【分析】 (1)利用等差数列基本量代换求出 ... ...

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